Johan Dahlin
c785bf335c
52 KiB
1.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- kemiska-bindingar
Uppgift
Vilka två påståenden om vätebindningar är korrekta? (2p)
- A: De stabiliserar primärstrukturen hos proteiner.
- B: De bildas mellan dipoler.
- C: Ju rakare bindning, desto svagare.
- D: Acceptoratomerna har hög elektronegativet.
Svar
A och D
Totalpoäng: 2
10.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- kromatin
Uppgift
Vilka två påståenden om kromatin är korrekta? (2p)
- A: Histon H1 binder linker-DNA och stabiliserar nukleosomen.
- B: Kromatin består endast av DNA.
- C: Acetylering av histoner leder till en mer kondenserad kromatinstruktur.
- D: Kromatin finns endast i eukaryota celler.
Svar
A och D
Totalpoäng: 2
11.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- dna-replikation
Uppgift
Telomeras är ett enzym som spelar en viktig roll i bevarandet av kromosomernas integritet under DNA-replikation. Vad gör telomeras, och varför är det viktigt för celler som delar sig ofta, som stamceller och könsceller? (4p)
Svar
Vid replikation av DNA har vi en ledande sträng som syntetiseras kontinuerligt, och en lagging sträng som syntetiseras i olika fragment kallade Okazakifragment. Då replikationen sker i 5'- till 3'-riktning, måste Okazakifragmenten ha olika RNA-primers som de startar vid. Just här uppstår ett problem, då vi inte kan lägga till primers på ändarna, så lagging strand kommer inte kunna syntetisera där. I normala fall leder detta till att DNA förkortas efter varje replikation. Men i celler som stamceller och cancerceller kommer telomeraset att ha med sig en egen RNA-mall och utför omvänd transkriptas, det vill säga att göra RNA till DNA. Så telomeraset kommer att förlänga ändarna med en repeterande sekvens. Det som händer då är att vid nästa replikation kommer DNA att förkortas vid de sekvenserna som lades till av telomeraset, men ingen viktig information kommer att tas bort. Detta utnyttjas av stamceller och cancerceller för att cellerna ska kunna dela sig utan att dö eller tappa viktiga gener.
Totalpoäng: 4
12.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- rna-syntes
Uppgift
Vilka två påståenden om RNA-splicing är korrekta? (2p)
- A: Spliceosomen består av både RNA och proteiner.
- B: Splicingprocessen sker i cellens cytoplasma.
- C: Splicing sker endast i prokaryoter.
- D: En lariatstruktur bildas.
Svar
A och C
Totalpoäng: 2
13.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- kontroll-av-genuttryck-i-prokaryoter
Uppgift
Lac-operonet reglerar nedbrytningen av laktos i bakterier. Vilken roll spelar allolaktos vid lac-operonet, och hur påverkar detta transkriptionen av generna som är inblandade i laktosmetabolismen? (4p)
Svar
Allolaktos är en korepressor som binder till repressorn på lac-operonet vid närvaro av laktos. När allolaktos binder, kommer repressorn att flyttas och därmed kommer gener som kodar för enzymer som bryter ner laktos att kunna transkriberas.
Totalpoäng: 4
14.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- translation
Uppgift
Aminoacyl-tRNA synthetases have an activation site and an editing site. Account for their function in translation. (4p) Please answer this question in English.
Answer
The activation site is where the binding of an aminoacid to the 3´amino acid pocket in tRNA happens. The enzym catalyzes the reaction between these two to create an "esterbindning" between the CCA in tRNA's amino acid seat/pocket to the C in the aminoacid. More specfically, it is adenine that directly binds to the tRNA. The aminoacyl-tRNA is then moved to the editing site where it gets checked that the right aminoacid has bound to the tRNA to see if its anticodons are compatible with the mRNAs codons. Ord: 88 Totalpoäng: 4 LPG001 Biokemi med skannat papper - Omtentamen
Totalpoäng: 4
15.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- evolution
Uppgift
Redogör för de två viktigaste principerna som förklarar hur nya egenskaper kan utvecklas i ett evolutionärt sammanhang samt hur de två principerna är beroende av varandra. (4p)
Svar
De två viktigaste principerna är variation och naturligt urval.
I en population förekommer en genetisk variation mellan individerna. Den genetiska variationen beror på mutationer bland annat. Alla individer har inte samma egenskaper och är därför olika anpassade efter miljön som dessa lever i. De individer som är bäst anpassade till miljön kommer ha en större chans att utnyttja resurserna och kunna överleva samt föröka sig och föra vidare sina gynnsamma gener. Detta i sin tur är kallat naturligt urval där miljön "selekterar" de bäst anpassade.
Exempel på det är hur giraffens långa hals kan ha uppstått. I en giraffpopulation förekom en genetisk variation med giraffer som hade både korta och långa halser. I en miljö med korta träd kunde båda nyttjas, men i samband med att träden blev allt högre, kunde de som hade långt hals nå upp och utnyttja det. Dessa blev de bäst anpassade och därmed överförde vidare de gynnsamma generna, medan de som hade kort hals kunde inte utnyttja resurserna på samma sätt i just den specifika miljön.
Totalpoäng: 4
16.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- transport-över-cellmembran
!
Uppgift
Proteinet på bilden utför transport.
A) Vilken klass av transportörer tillhör proteinet?
B) Var i cellen finns proteinet?
C) Vad driver transporten?
(4p) Max 40 ord.
Svar
A) ATPaser, specifikt ABCaset. Exempel på aktiv transport.
B) Ligger på cellmembranet, transporterar substrat från cytoplasman till ECM.
C) ATP hydrolys --> fosfoanhydridbindningar bryts --> energi frigörs, det sker konformationsändringar som växlar mellan att proteinet öppnar mot cytoplasman respektive ECM. Ord: 40 Totalpoäng: 4 LPG001 Biokemi med skannat papper - Omtentamen
Totalpoäng: 4
17.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- cellmembran
Uppgift
Perifera membranproteiner kan vara bundna till cellmembranet på flera olika sätt. Beskriv tre olika varianter. (4p)
Svar
1. Kan binda mha adhesions molekyler, ex integriner som binder via komponenter i ECM (ex kollagen).
2. GPI ankare. Kan frisättas när som helst vid behov, då den binder perifert till nervcellernas cellmembran.
3. Kan binda till delen av membranproteiner som finns utanför cellmembranet. Exempelvis har alfa helixar en del av sig utanför cellmembranet, kan binda till cellmembranet genom den.
Totalpoäng: 4
18.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- termodynamik
Uppgift
Redogör för begreppet entalpi. Vilka termer/aspekter ingår och hur kan man använda entalpiförändringar för att förutse benägenheten för en viss biokemisk reaktion att ske? (4p)
Svar
Elev 1 - 2 av 4 poäng
Entalpi är skillnaden mellan produkternas och reaktanternas energi i en reaktion. Om entalpivärdet är positivt, innebär det att reaktionen kommer kräva energitillförsel, då produkterna kommer ha högre energi än reaktanterna. Om entalpivärdet är negativt innebär det att reaktionen kan ske spontant då det frigörs energi och det är därmed fördelaktig.
Elev 2 - 2 av 4 poäng
Entalpi är värme energi, betecknas H. En reaktion mellan x och y, där y har högre entalpi än x är ofördelaktig eller har positiv deltaG för man går från att ha lite energi till att ha mer, vilket innebär att energiförändringen (E2-E1) är negativ --> alltså behöver energi tillföras för att reaktionen ska ske. Om reaktionen skulle vara spontant istället så behöver entalpin hos y vara lägre än X --> deltaG < 0. H = S - T x deltaG
AI-rättning:
- Den _riktiga definitionen_: **H = U + pV**.
- ΔH = värmeutbyte vid _konstant tryck_.
- ΔH **ensamt** räcker inte för spontanitet → måste kopplas till **ΔG = ΔH − TΔS**.
- **Entropi och temperatur** som avgörande delar av bedömningen.
- Biokemisk kontext: bindningsstyrka, värmeutbyte, och hur ΔH vägs mot ΔS för att avgöra om en reaktion går åt rätt håll.
Totalpoäng: 4
19.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- enzymer
Uppgift
Fördelen med att mäta den initiala hastigheten V i början av en reaktion är att (välj två av nedanstående): (2p)
- A: Förändringar i [S] är försumbara, så [S] kan behandlas som en konstant.
- B: Produktinhibering kan då inte påverka hastigheten.
- C: Förändringar i Km är försumbara, så Km kan behandlas som en konstant.
- D: Variationer av [S] har ingen effekt på V₀.
Svar
A och B
Totalpoäng: 2
2.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- från-aminosyror-till-proteiner
Uppgift
Vilka två av nedanstående påstående stämmer för proteinveckning? (2p)
- A: Den är reversibel.
- B: Det är en ofördelaktig process.
- C: Den börjar på lokal nivå.
- D: En aminosyrasekvens veckas alltid till samma struktur.
Svar
A och C
Totalpoäng: 2
20.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- enzymer
Uppgift
Enzymer har ofta en katalytisk klyfta där den katalyserade reaktionen sker. Redogör för två olika kemiska fördelar med detta. (4p)
Svar
1. Unik kemisk miljö där den specifika reaktionen som enzymet katalyserar kan ske utan störningar från omgivningen då katalytiska klyftan isoleras från omgivande miljö. Då kan ex hydrofoba molekyler reagera utan att behöver aggregeras eller påverkas av hydrofob effekt.
2. Vatten kan trängas ut så attt den inte stör eller står i väg när substratet kommer och binder till enzymet.
3. (Extra: katalytiska klyftan är specifikt för en substrat)
Totalpoäng: 4
2025-02-01-0035-UTD.md
| Uppgift | Status | Poäng | Max | Frågetyp |
|---|---|---|---|---|
| 1 | Delvis rätt | 0/2 | 2 | Flersvarsfråga |
| 2 | Delvis rätt | 0/2 | 2 | Flersvarsfråga |
| 3 | Besvarad | 1/4 | 4 | Essä |
| 7 | Besvarad | 3/4 | 4 | Essä |
| 8 | Besvarad | 2/4 | 4 | Essä |
| 10 | Delvis rätt | 0/2 | 2 | Flersvarsfråga |
| 12 | Delvis rätt | 0/2 | 2 | Flersvarsfråga |
| 14 | Besvarad | 3/4 | 4 | Essä |
| 16 | Besvarad | 3/4 | 4 | Essä |
| 17 | Besvarad | 1/4 | 4 | Essä |
| 18 | Besvarad | 2/4 | 4 | Essä |
| 20 | Besvarad | 3/4 | 4 | Essä |
| 23 | Besvarad | 3/4 | 4 | Essä |
| 24 | Besvarad | 3.5/4 | 4 | Essä |
| 26 | Besvarad | 1/4 | 4 | Essä |
| 28 | Besvarad | 1.5/4 | 4 | Essä |
| 30 | Delvis rätt | 0/2 | 2 | Flersvarsfråga |
| 33 | Besvarad | 1/4 | 4 | Essä |
LPG001 Biokemi med skannat papper – Omtentamen
Kandidat 0035-UTD oai_citation:0‡2025-02-01-0035-UTD.pdf
1. Vätebindningar – flervalsfråga
Uppgift
Vilka två påståenden om vätebindningar är korrekta? (2p)
- De stabiliserar primärstrukturen hos proteiner.
- De bildas mellan dipoler.
- Ju rakare bindning, desto svagare.
- Acceptoratomerna har hög elektronegativet.
Svar
*(svar markerat i tentamen; flersvarsfråga)*
Totalpoäng: 2
2. Proteinveckning – flervalsfråga
Uppgift
Vilka två av nedanstående påstående stämmer för proteinveckning? (2p)
- Den är reversibel.
- Det är en ofördelaktig process.
- Den börjar på lokal nivå.
- En aminosyrasekvens veckas alltid till samma struktur.
Svar
*(svar markerat i tentamen; flersvarsfråga)*
Totalpoäng: 2
3. Alfahelix och hårnålsböj
Uppgift
Ange två likheter och två skillnader mellan en alfahelix och en hårnålsböj (reverse turn). (4p)
Max 50 ord.
Svar
Alfahelixar har vätebindningar mellan var fjärde aminosyra, medan hårnålsböj har mellan var tredje.
Båda är en typ av primärstruktur.
Alfahelixar är ofta högervridna.
Ord: 23
Totalpoäng: 4
4. Allosteriska regulatorer för hemoglobin
Uppgift
A) Name two allosteric regulators of oxygen binding to hemoglobin.
B) Explain an outcome for each regulator.
(Max 100 words.) Please answer this question in English. (4p)
Answer
a) O₂ and CO₂
b)
O₂:
Hemoglobin has four subunits that bind to O₂ through cooperativity, meaning that if one subunit binds to an O₂, the other subunits' affinity for O₂ will increase, leading to all subunits binding to O₂. When O₂ binds, the state goes from T-state (deoxy; tense) to R-state (oxy; relaxed).
CO₂:
When CO₂ binds to hemoglobin, the hemoglobin's affinity to oxygen decreases, leading to a stabilization of the T-state instead.
Ord: 74
Totalpoäng: 4
5. HIV-diagnostik med ELISA
Uppgift
Du jobbar på labb över sommaren och har fått in en patient som du misstänker är smittad av HIV. (4p) Max 200 ord. (Lista A–B i ditt svar nedan!)
A) Nämn en analysmetod som kan användas för att undersöka detta samt beskriv de olika stegen i metoden.
B) Vilken substans hos patienten undersöks med denna metod?
Svar
a) För att undersöka huruvida en patient är smittad av HIV eller inte, kan metoden indirekt ELISA användas. I denna metod har vi först en brunn med HIV-antigener. Prov från patienten tillsätts för att senare kunna se om dess antikroppar binder till antigenerna, och därefter sköljer vi för att undvika att oönskade substanser ska påverka resultatet. Senare tillsätts enzymbundna antikroppar till provet, och sedan sköljer vi igen. Efteråt tillsätts ett substrat som binder till enzymet. Om patienten har antikroppar, kommer patientens antikroppar ha bundit till antigenena och därmed kommer provet att färgas. Om patientens antikroppar inte binder, kommer vi inte få något färgämne, vilket tyder på att patienten inte har antikropparna och har därmed inte HIV.
b) antikroppar
Ord: 118
Totalpoäng: 4
6. Glykolipid i cellmembran
Uppgift
Du gör forskar-ST inom infektionsmedicin och studerar hur Helicobacter pylori binder till glykolipider. Du ritar upp en glykolipid i cellmembranet och markerar hur den del som sitter på utsidan är den bakterierna binder till. Principiell struktur räcker. (4p)
Svar
.
*Ritning:* På ritningen (sida 11) visas ett cellmembran med glykolipider: hydrofila huvuden utåt, hydofoba fettsyrasvansar i membranet och en kolhydrat kopplad via glycerol (kommentar: ”kan också vara sfingosin”).
*Lärarens kommentar:* Det absolut vanligaste är att glykolipider har sfingosin som bas och inte glycerol, och när man säger glykolipid utan att specificera mer så menar man nästan alltid de med sfingosin som bas.
Ord (textsvar): 1
Totalpoäng: 4
7. Glykogen vs stärkelse
Uppgift
Glukos lagras hos människan i form av glykogen. Hos växter lagras glukos som stärkelse. Beskriv skillnader och likheter mellan glykogen och stärkelse. (4p)
Svar
Båda är långa kedjor av kolhydrater. Skillnaden är dock att glykogen består av förgrenade kedjor där vi har 1,4-glykosidbindningar mellan linjära delar, och 1,6-glykosidbindningar mellan förgreningar. Stärkelse är en enda linjär kedja som inte förgrenas.
Ord: 35
Totalpoäng: 4
8. Ribo- vs deoxyribonukleotider
Uppgift
Nukleotider är de byggstenar som bygger upp både DNA och RNA. Vilken kemisk grupp finns i 2'-position hos ribonukleotider, och hur skiljer sig denna från deoxyribonukleotider? (4p)
Svar
I ribonukleotider finns en OH-grupp på 2'-kolet, vilket inte finns på deoxyribonukleotider då dessa inte är bundna till något på 2'-kolet.
Ord: 21
Totalpoäng: 4
9. Eukaryot DNA-replikation – flervalsfråga
Uppgift
Vilka två påståenden om eukaryot DNA-replikation är korrekta? (2p)
- ORC binder till replikationsorigin under hela cellcykeln.
- DNA-syntes initieras i M-fas.
- CMG-komplexet bildas genom bindning av MCM, GINS och Cdc45.
- MCM-helikaset är aktivt under hela cellcykeln.
Svar
*(svar markerat i tentamen; flersvarsfråga)*
Totalpoäng: 2
10. Kromatin – flervalsfråga
Uppgift
Vilka två påståenden om kromatin är korrekta? (2p)
- Histon H1 binder linker-DNA och stabiliserar nukleosomen.
- Kromatin består endast av DNA.
- Acetylering av histoner leder till en mer kondenserad kromatinstruktur.
- Kromatin finns endast i eukaryota celler.
Svar
*(svar markerat i tentamen; flersvarsfråga)*
Totalpoäng: 2
11. Telomeras och kromosomernas integritet
Uppgift
Telomeras är ett enzym som spelar en viktig roll i bevarandet av kromosomernas integritet under DNA-replikation. Vad gör telomeras, och varför är det viktigt för celler som delar sig ofta, som stamceller och könsceller? (4p)
Svar
Vid replikation av DNA har vi en ledande sträng som syntetiseras kontinuerligt, och en lagging sträng som syntetiseras i olika fragment kallade Okazakifragment. Då replikationen sker i 5'- till 3'-riktning, måste Okazakifragmenten ha olika RNA-primers som de startar vid. Just här uppstår ett problem, då vi inte kan lägga till primers på ändarna, så lagging strand kommer inte kunna syntetisera där. I normala fall leder detta till att DNA förkortas efter varje replikation. Men i celler som stamceller och cancerceller kommer telomeraset att ha med sig en egen RNA-mall och utför omvänd transkriptas, det vill säga att göra RNA till DNA. Så telomeraset kommer att förlänga ändarna med en repeterande sekvens. Det som händer då är att vid nästa replikation kommer DNA att förkortas vid de sekvenserna som lades till av telomeraset, men ingen viktig information kommer att tas bort. Detta utnyttjas av stamceller och cancerceller för att cellerna ska kunna dela sig utan att dö eller tappa viktiga gener.
Ord: 159
Totalpoäng: 4
12. RNA-splicing – flervalsfråga
Uppgift
Vilka två påståenden om RNA-splicing är korrekta? (2p)
- Spliceosomen består av både RNA och proteiner.
- Splicingprocessen sker i cellens cytoplasma.
- Splicing sker endast i prokaryoter.
- En lariatstruktur bildas.
Svar
*(svar markerat i tentamen; flersvarsfråga)*
Totalpoäng: 2
13. Allolaktos och lac-operonet
Uppgift
Lac-operonet reglerar nedbrytningen av laktos i bakterier. Vilken roll spelar allolaktos vid lac-operonet, och hur påverkar detta transkriptionen av generna som är inblandade i laktosmetabolismen? (4p)
Svar
Allolaktos är en korepressor som binder till repressorn på lac-operonet vid närvaro av laktos. När allolaktos binder, kommer repressorn att flyttas och därmed kommer gener som kodar för enzymer som bryter ner laktos att kunna transkriberas.
Ord: 36
Totalpoäng: 4
14. Aminoacyl-tRNA-syntetaser
Uppgift
Aminoacyl-tRNA synthetases have an activation site and an editing site. Account for their function in translation. (4p) Please answer this question in English.
Answer
The activation site of the Aminoacyl-tRNA synthetase is responsible for adding an amino acid to the tRNA that carries the right anticodon. The binding of the amino acid and tRNA is then controlled by the editing site. If the wrong amino acid is added, the binding between the amino acid and tRNA is cleaved, and a new amino acid gets added by the activation site to the tRNA.
Ord: 68
Totalpoäng: 4
15. Evolutionens principer
Uppgift
Redogör för de två viktigaste principerna som förklarar hur nya egenskaper kan utvecklas i ett evolutionärt sammanhang samt hur de två principerna är beroende av varandra. (4p)
Svar
De två viktigaste principerna är variation och naturligt urval.
I en population förekommer en genetisk variation mellan individerna. Den genetiska variationen beror på mutationer bland annat. Alla individer har inte samma egenskaper och är därför olika anpassade efter miljön som dessa lever i. De individer som är bäst anpassade till miljön kommer ha en större chans att utnyttja resurserna och kunna överleva samt föröka sig och föra vidare sina gynnsamma gener. Detta i sin tur är kallat naturligt urval där miljön "selekterar" de bäst anpassade.
Exempel på det är hur giraffens långa hals kan ha uppstått. I en giraffpopulation förekom en genetisk variation med giraffer som hade både korta och långa halser. I en miljö med korta träd kunde båda nyttjas, men i samband med att träden blev allt högre, kunde de som hade långt hals nå upp och utnyttja det. Dessa blev de bäst anpassade och därmed överförde vidare de gynnsamma generna, medan de som hade kort hals kunde inte utnyttja resurserna på samma sätt i just den specifika miljön.
Ord: 171
Totalpoäng: 4
16. Transportprotein (bildfråga)
Uppgift
Proteinet på bilden utför transport.
A) Vilken klass av transportörer tillhör proteinet?
B) Var i cellen finns proteinet?
C) Vad driver transporten?
(4p) Max 40 ord.
Svar
a) Uniport
b) Cellmembranet
c) ATP
Ord: 6
Totalpoäng: 4
17. Perifera membranproteiner
Uppgift
Perifera membranproteiner kan vara bundna till cellmembranet på flera olika sätt. Beskriv tre olika varianter. (4p)
Svar
Genom GPI-ankare
Genom glykolipider
Ord: 4
Totalpoäng: 4
18. Entalpi
Uppgift
Redogör för begreppet entalpi. Vilka termer/aspekter ingår och hur kan man använda entalpiförändringar för att förutse benägenheten för en viss biokemisk reaktion att ske? (4p)
Svar
Entalpi är skillnaden mellan produkternas och reaktanternas energi i en reaktion. Om entalpivärdet är positivt, innebär det att reaktionen kommer kräva energitillförsel, då produkterna kommer ha högre energi än reaktanterna. Om entalpivärdet är negativt innebär det att reaktionen kan ske spontant då det frigörs energi och det är därmed fördelaktig.
Ord: 50
Totalpoäng: 4
19. Initialhastighet – flervalsfråga
Uppgift
Fördelen med att mäta den initiala hastigheten V i början av en reaktion är att (välj två av nedanstående): (2p)
- Förändringar i [S] är försumbara, så [S] kan behandlas som en konstant.
- Produktinhibering kan då inte påverka hastigheten.
- Förändringar i Km är försumbara, så Km kan behandlas som en konstant.
- Variationer av [S] har ingen effekt på V₀.
Svar
*(svar markerat i tentamen; flersvarsfråga)*
Totalpoäng: 2
20. Katalytisk klyfta hos enzymer
Uppgift
Enzymer har ofta en katalytisk klyfta där den katalyserade reaktionen sker. Redogör för två olika kemiska fördelar med detta. (4p)
Svar
Den katalytiska klyftan har både liten storlek och en hydrofob miljö.
Den lilla storleken är fördelaktig då denna ger den katalytiska klyftan en hög selektivitet. Den hydrofoba miljön utesluter vatten så det inte kan påverka katalysreaktionen.
Ord: 36
Totalpoäng: 4
21. Molekyler med B-vitamin – flervalsfråga
Uppgift
Vilka två av nedanstående molekyler innehåller delar från en B-vitamin? (2p)
- Cyt c
- ATP
- CoA
- NADH
Svar
*(svar markerat i tentamen; flersvarsfråga)*
Totalpoäng: 2
22. Glykolysen – flervalsfråga
Uppgift
Vilka två av nedanstående påståenden stämmer för glykolysen? (2p)
- När glukos fosforyleras av hexokinas kan produkten enbart användas i glykolysen.
- För varje glukosmolekyl bildas 4 ATP.
- Den sker i cellens cytoplasma.
- Den kräver syre.
Svar
*(svar markerat i tentamen; flersvarsfråga)*
Totalpoäng: 2
23. Hormonell reglering av glukosmetabolismen
Uppgift
Redogör för hur glukosmetabolismen regleras på hormonell nivå. (4p) Max 150 ord.
Svar
Glukagon aktiverar glukoneogenesen, det vill säga återbildning av glukos. Detta då glukagon aktiverar cAMP som fosforylerar PKA. PKA, i sin tur, fosforylerar Fosfofruktokinas 2 (PFK2) /fruktos-2,6-bisfosfatas (FBPase-2). Vid fosforylering kommer PFK2-delen att hämmas, samtidigt som FBPase-2-delen aktiveras. När FBPase-2 är aktivt, kommer fruktos-2,6-bisfosfat att brytas ner. Då fruktos-2,6-bisfosfat är en allosterisk regluator som aktiverar fosfofruktokinas 1 i glykolysen, kommer glykolysen att hämmas då f-2,6-bp kommer att brytas ned.
Om insulin är dominerande, kommer det däremot signalera defosforylering som medför att PFK2 blir aktivt och bilda fruktos-2,6-bisfosfat som kan stimulera glykolysen.
(Sen tror jag också att även glukokinas i levern regleras hormonellt där insulin aktiverar och glukagon hämmar)
Ord: 107
Totalpoäng: 4
24. Glykogen i lever vs skelettmuskel
Uppgift
Hur skiljer sig glykogenets huvudsakliga funktion i levern från dess funktion i skelettmuskulaturen? Vilket enzym är avgörande för denna skillnad och i vilken av vävnaderna uttrycks det? (4p) Max 50 ord.
Svar
Glykogenet i levern utnyttjas för att reglera blodglukosnivån mellan måltider, medan i skelettmusklerna fungerar det som energilager för själva muskeln.
Detta då levern har enzymet glukos-6-fosfatas som kan defosforylera glukos-6-fosfat till glukos, medan skelettmusklerna saknar det enzymet.
Ord: 37
Totalpoäng: 4
25. Dehydrogenaser i citronsyracykeln
Uppgift
I citronsyracykeln deltar fyra dehydrogenaser.
A) Vad gör ett dehydrogenas?
B) Vilka två av de fyra dehydrogenaserna utför också en annan gemensam reaktion?
C) Vilken är den andra gemensamma reaktionen?
(4p) Max 30 ord.
Svar
a) Tar bort väte
b) Isocitratdehydrogenas och alfa-ketoglutaratdehydrogenas
c) Dekarboxylering; frigör CO₂
Ord: 12
Totalpoäng: 4
26. Reglering av acetyl-CoA-karboxylas
Uppgift
Beskriv hur acetyl-CoA karboxylas regleras. (4p)
Svar
Insulin stimulerar enzymet medan glukagon hämmar.
Enzymet är aktivt i dess defosforylerade form, och insulin stimulerar defosforylering.
Acetyl-CoA-karboxylas fosforyleras när glukagon är dominerande, och därmed hämmas enzymet av glukagon.
Feedforwardreglering av pyruvat där höga mängder pyruvat hämmar och låga mängder stimulerar.
Ord: 41
Totalpoäng: 4
27. Andningskedjan – redoxpotential – drag-och-släpp
Uppgift
Rangordna nedanstående komponenter i andningskedjan från lägst till högst redoxpotential. (2p)
Börja med lägst redoxpotential:
- NADH
- FADH₂
- cytokrom c
- O₂
Svar
*(svar markerat i tentamen; dra-och-släpp)*
Totalpoäng: 2
28. Protoner och ATP-syntas
Uppgift
Redogör för ett skäl till att man inte kan säga exakt hur många protoner som behöver förflyttas över mitokondriens inre membran för varje ATP som bildas av ATP-syntaset. Förklara också hur protonerna förflyttas i ATP-syntaset. (4p) Max 80 ord.
Svar
Det beror på mängden syre som är tillgängligt, då ATP-syntes sker genom oxidativ fosforylering vilket kräver syre.
H⁺ kommer att interagera med aminosyrorna i C-subenheterna vilket medför en konformationsändring i gamma-stjälken som håller ihop F₁ och F₀. Stjälken kommer att rotera och släppa igenom H⁺.
Ord: 45
Totalpoäng: 4
29. Ureacykeln – flervalsfråga
Uppgift
Vilka två av följande påståenden relaterade till ureacykeln är korrekta? (2p)
- Nedsatt funktion av enzymer som verkar i ureacykeln leder till förhöjda plasmanivåer av ammoniak.
- Ureacykeln sker i ibland i muskel när denna vävnad använder sig av aminosyror som energikälla.
- De två kväveatomer som slutligen hamnar i urea har förts in i ureacykeln via karbamoylfosfat och aspartat.
- Ureacykelns huvudsakliga funktion är att omvandla urea, som bildas vid nedbrytning av tex aminosyror, till ammoniak som kan utsöndras med urinen.
Svar
*(svar markerat i tentamen; flersvarsfråga)*
Totalpoäng: 2
30. Aminosyrametabolism – flervalsfråga
Uppgift
Vilka två av följande påståenden relaterade till aminosyrametabolism är korrekta? (2p)
- Glutamat och serin utgör de två viktigaste transportformerna av kväve från extrahepatiska vävnader till levern.
- Vid nedbrytning av flera olika aminosyror hamnar deras aminogrupper i glutamat, som i sin tur är molekylen som kan avge aminogruppen som ammoniak i levercellernas mitokondrier.
- Rent ketogena aminosyror kan omvandlas till oxaloacetat.
- Vid leverskada ses oftast förhöjda plasmanivåer av två aminotransferaser, alaninaminotransferas och aspartataminotransferas.
Svar
*(svar markerat i tentamen; flersvarsfråga)*
Totalpoäng: 2
31. Nukleosid och nedbrytning
Uppgift
Namnge en nukleosid och ange i vilken molekyl merparten av nukleosidens kväveatomer hamnar när den bryts ned. Molekylen utsöndras slutligen med urinen. (2p) Max 10 ord.
Svar
Adenosin. Hamnar i Urat
Ord: 4
Totalpoäng: 2
32. Pentosfosfatvägen – integrerade vägar
Uppgift
Nämn två metabola vägar som är integrerade med pentosfosfatvägen eftersom de sker i samma del av cellen och har gemensamma intermediärer. (2p) Max 10 ord.
Svar
Glykolysen och glukoneogenesen
Ord: 3
Totalpoäng: 2
33. Reglering av intracellulärt kolesterol
Uppgift
Beskriv två huvudsakliga och principiellt olika sätt, på vilka cellen reglerar mängden fritt intracellulärt kolesterol. (4p)
Svar
Kolesterolhalten intracellulärt kan regleras genom bl.a. intag från ECM om kolesterolhalten är låg, eller utsläpp till ECM om kolesterolhalten är hög intracellulärt.
Kolesterol kan även förestras.
Ord: 26
Totalpoäng: 4
34. Hb-värden och normalfördelning – flervalsfråga
Uppgift
Du arbetar som läkare och följer upp hemoglobin (Hb) hos 200 patienter behandlade för järnbrist. Hb följer en normalfördelning med medelvärde 130 g/L och standardavvikelse 10 g/L.
Vilka två av följande påståenden är korrekta? (2p)
- Cirka 68% av patienterna har ett Hb mellan 120 och 140 g/L.
- Standardavvikelsen beskriver hur spridda Hb-värdena är kring medelvärdet.
- Cirka 99% av patienterna har ett Hb under 120 g/L.
- Cirka 95% av patienterna har ett Hb mellan 100 och 200 g/L.
Svar
*(svar markerat i tentamen; flersvarsfråga)*
Totalpoäng: 2
35. Plasmidkonformationer och gelelektrofores
Uppgift
Explain how gel electrophoresis can be used to analyze different conformations of plasmid DNA. Discuss how the migration patterns of these conformations differ and how comparing them with the ladder (marker) helps interpreting the gel results and understand the structure of the plasmid DNA. (4p) Max 150 words. Answer in English.
Answer
The electrophoresis has two differently charged ends, one positive and one negative. The plasmids get injected into the gel electrophoresis in a well from the negatively charged end. When we then give it a current, the plasmids will travel to the positive end (because DNA is negative). The bigger the plasmid is, the further it will travel, because it has more negative charges than a small one. Supercoiled and circular DNA will meet different amount of friction, since they have different forms, which will result in one traveling further than the other even though they have the same size.
The marker will help identify how many base pairs the plasmid have. But if we analyze two of the same plasmids and they travel different distances, then it means that they have different conformations where one is supercoiled and the other is circular. The circular meets more friction.
Ord: 147
Totalpoäng: 4
2025-02-01-0076-EFT.md
| Uppgift | Status | Poäng | Max | Frågetyp |
|---|---|---|---|---|
| 5 | Besvarad | 3/4 | 4 | Essä |
| 6 | Besvarad | 3/4 | 4 | Essä |
| 7 | Besvarad | 3/4 | 4 | Essä |
| 11 | Besvarad | 1/4 | 4 | Essä |
| 15 | Besvarad | 1/4 | 4 | Essä |
| 18 | Besvarad | 2/4 | 4 | Essä |
| 19 | Delvis rätt | 0/2 | 2 | Flersvarsfråga |
| 23 | Besvarad | 3/4 | 4 | Essä |
| 26 | Besvarad | 1/4 | 4 | Essä |
| 28 | Besvarad | 3.5/4 | 4 | Essä |
| 29 | Delvis rätt | 2/2 | 2 | Flersvarsfråga |
21.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- integrering-av-metabolismen
Uppgift
Vilka två av nedanstående molekyler innehåller delar från en B-vitamin? (2p)
- A: Cyt c
- B: ATP
- C: CoA
- D: NADH
Svar
C och D
Totalpoäng: 2
22.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- glukosmetabolism
Uppgift
Vilka två av nedanstående påståenden stämmer för glykolysen? (2p)
- A: När glukos fosforyleras av hexokinas kan produkten enbart användas i glykolysen.
- B: För varje glukosmolekyl bildas 4 ATP.
- C: Den sker i cellens cytoplasma.
- D: Den kräver syre.
Svar
B och C
Totalpoäng: 2
23.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- glukosmetabolism
Uppgift
Redogör för hur glukosmetabolismen regleras på hormonell nivå. (4p) Max 150 ord.
Svar
Elev 1 - 3 av 4 poäng
Glukagon aktiverar glukoneogenesen, det vill säga återbildning av glukos. Detta då glukagon aktiverar cAMP som fosforylerar PKA. PKA, i sin tur, fosforylerar Fosfofruktokinas 2 (PFK2) /fruktos-2,6-bisfosfatas (FBPase-2). Vid fosforylering kommer PFK2-delen att hämmas, samtidigt som FBPase-2-delen aktiveras. När FBPase-2 är aktivt, kommer fruktos-2,6-bisfosfat att brytas ner. Då fruktos-2,6-bisfosfat är en allosterisk regluator som aktiverar fosfofruktokinas 1 i glykolysen, kommer glykolysen att hämmas då f-2,6-bp kommer att brytas ned.
Om insulin är dominerande, kommer det däremot signalera defosforylering som medför att PFK2 blir aktivt och bilda fruktos-2,6-bisfosfat som kan stimulera glykolysen.
(Sen tror jag också att även glukokinas i levern regleras hormonellt där insulin aktiverar och glukagon hämmar)
Elev 2 - 3 av 4 poäng
Insulin: Frisätts när glukos nivåer i blodet höjs. Insulin stimulerar enzymer i glykolysen, mycket glukos --> den behöver metaboliseras och användas till ATP produktion. Insulin hämmar enzymer i glukoneogenesen såsom fruktos-1,6-bisfosfatas. Den gör detta genom att aktivera PKA som i sin tur aktiverar fosfofruktokinas-2, enzym som fosforylerar fruktos-6-fosfat för att omvandlas till fruktos-2,6-bisfosfat. Fruktos-2,6-bisfosfat stimulerar glykolysen och hämmar glukoneogenesen, som jag nämnt innan så inhiberar den fruktos- 1,6-fosfatas. Fosfofruktokinas-1 stimuleras av insulin för att omvandla fruktos-6-fosfat till fruktos-1,6-bisfosfat. Glukagon: Frisätts när glukos nivåer i blodet är låga. Den har motsatt effekt till insulin, den stimulerar glukoneogenesen och hämmar glykolysen. Glukagon verkar mest på levern och stimulerar enzymer i som pyruvatkarboxykinasdehydrogenas som är en del av glukoneogenesen. Adrenalin verkar likt glukagon men mer på skelettmuskulatur. All hormonell reglering sker genom att hormonet binder till 7TM receptorer på cellmembranet --> ATP--> cAMP --> aktivt/inaktivt PKA beroende på om enzymet behöver fosforyleras eller defosforyleras.
AI-rättning:
- Att insulin/glukagon reglerar _både_ glykolys, glukoneogenes _och_ glykogenmetabolism.
- Att insulin verkar via **defosforylering** och glukagon via **fosforylering** – kopplat till flera enzym, inte bara PFK-2.
- Att adrenalin har en tydlig roll i muskel.
Totalpoäng: 4
24.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- glykogen
Uppgift
Hur skiljer sig glykogenets huvudsakliga funktion i levern från dess funktion i skelettmuskulaturen? Vilket enzym är avgörande för denna skillnad och i vilken av vävnaderna uttrycks det? (4p) Max 50 ord.
Svar
Glykogen i levern används för att upprätthålla stabilt blodsocker. Glykogen i muskler används till ATP eftersom den saknar glukos-6-fosfatas. Glukos bryts som glukos-1-fosfat från glykogen och omvandlas sedan till glukos-6-fosfat(fosfoglukomutas). I levern finns enzymet glukos-6-fosfatas som omvandlar glukos-6-fosfat till glukos men i skelettmuskler metaboliseras glukos-6-fosfat vidare i glykolysen för ATP-produktion.
Totalpoäng: 4
25.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- citronsyracykeln
Uppgift
I citronsyracykeln deltar fyra dehydrogenaser.
A) Vad gör ett dehydrogenas?
B) Vilka två av de fyra dehydrogenaserna utför också en annan gemensam reaktion?
C) Vilken är den andra gemensamma reaktionen?
(4p) Max 30 ord.
Svar
a) Tar bort väte
b) Isocitratdehydrogenas och alfa-ketoglutaratdehydrogenas
c) Dekarboxylering; frigör CO₂
Totalpoäng: 4
26.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- lipider
Uppgift
Beskriv hur acetyl-CoA karboxylas regleras. (4p)
Svar
Elev 1 - 1 av 4
Insulin stimulerar enzymet medan glukagon hämmar.
Enzymet är aktivt i dess defosforylerade form, och insulin stimulerar defosforylering.
Acetyl-CoA-karboxylas fosforyleras när glukagon är dominerande, och därmed hämmas enzymet av glukagon.
Feedforwardreglering av pyruvat där höga mängder pyruvat hämmar och låga mängder stimulerar.
Elev 2 - 1 av 4
Acetyl-CoA karboxylas stimuleras av insulin och hämmas av glukagon. Den regleras även av energikvoten där ATP stimulerar och ADP/AMP hämmar.
AI-rättning
- **Citrat** aktiverar (allosteriskt + polymerisering)
- **Palmitoyl-CoA** hämmar (feedback + depolymerisering)
- **AMPK** fosforylerar och inaktiverar → energikontroll
- **Polymeriseringstillståndet** styr enzymets aktivitet
- (Insulin/glukagon ska nämnas, men räcker inte ens nära för 4p)
Totalpoäng: 4
27.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- elektrontransportkedjan
Uppgift
Rangordna nedanstående komponenter i andningskedjan från lägst till högst redoxpotential. (2p)
Börja med lägst redoxpotential:
- cytokrom c
- FADH₂
- NADH
- O₂
Svar
- A: NADH
- B: FADH₂
- C: cytokrom c
- D: O₂
Totalpoäng: 2
28.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- elektrontransportkedjan
Uppgift
Redogör för ett skäl till att man inte kan säga exakt hur många protoner som behöver förflyttas över mitokondriens inre membran för varje ATP som bildas av ATP-syntaset. Förklara också hur protonerna förflyttas i ATP-syntaset. (4p) Max 80 ord.
Svar
3.5 av 4 poäng
C-ringen är bunden till ATP-syntasets matrix del via en gamma stjälk. Inre delen består av 6 subenheter, 3 beta och 3 alfa. Det är beta subenheterna som sköter produktion av ATP då de har 3 konformationer, loose(tar emot ADP+pi), tense (bildar ATP) och open (ATP lämnar). När en proton binder till c-subenhet neutraliserar det en negativladdad aa --> c ringen roterar - -> gamma-stjälken + b-subenheter roterar-->ATP-produktion. -Svårt att säga exakt atntal H+ eftersom frikopplare utjämnar gradienten utan att tillverka ATP. Ord: 80 Totalpoäng: 4 LPG001 Biokemi med skannat papper - Omtentamen
AI-rättning
### **1. Det korrekta skälet: antalet c-subenheter varierar mellan arter**
- C-ringen i ATP-syntas har **olika antal c-subenheter** (t.ex. 8–15).
- Varje subenhet kräver **1 H⁺ per 360° rotation**.
- Därför varierar H⁺/ATP mellan organismer.
Det är detta examinatorerna är ute efter.
### **2. Övriga faktorer som påverkar (godkända som komplettering):**
- Protonläckage (inkl. UCP/frikopplare).
- Energiåtgång för fosfattransport och ADP/ATP-translokas.
Totalpoäng: 4
29.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- aminosyrametabolism
Uppgift
Vilka två av följande påståenden relaterade till ureacykeln är korrekta? (2p)
- A: Nedsatt funktion av enzymer som verkar i ureacykeln leder till förhöjda plasmanivåer av ammoniak.
- B: Ureacykeln sker i ibland i muskel när denna vävnad använder sig av aminosyror som energikälla.
- C: De två kväveatomer som slutligen hamnar i urea har förts in i ureacykeln via karbamoylfosfat och aspartat.
- D: Ureacykelns huvudsakliga funktion är att omvandla urea, som bildas vid nedbrytning av tex aminosyror, till ammoniak som kan utsöndras med urinen.
Svar
B och C
Totalpoäng: 2
3.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- från-aminosyror-till-proteiner
Uppgift
Ange två likheter och två skillnader mellan en alfahelix och en hårnålsböj (reverse turn). (4p)
Max 50 ord.
Svar
Alfahelixar har vätebindningar mellan var fjärde aminosyra, medan hårnålsböj har mellan var tredje.
Båda är en typ av primärstruktur.
Alfahelixar är ofta högervridna.
Totalpoäng: 4
30.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- aminosyrametabolism
Uppgift
Vilka två av följande påståenden relaterade till aminosyrametabolism är korrekta? (2p)
- A: Glutamat och serin utgör de två viktigaste transportformerna av kväve från extrahepatiska vävnader till levern.
- B: Vid nedbrytning av flera olika aminosyror hamnar deras aminogrupper i glutamat, som i sin tur är molekylen som kan avge aminogruppen som ammoniak i levercellernas mitokondrier.
- C: Rent ketogena aminosyror kan omvandlas till oxaloacetat.
- D: Vid leverskada ses oftast förhöjda plasmanivåer av två aminotransferaser, alaninaminotransferas och aspartataminotransferas.
Svar
A och D
Totalpoäng: 2
31.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- nukleotidnedbrytning
Uppgift
Namnge en nukleosid och ange i vilken molekyl merparten av nukleosidens kväveatomer hamnar när den bryts ned. Molekylen utsöndras slutligen med urinen. (2p) Max 10 ord.
Svar
Adenosin. Hamnar i Urat
Totalpoäng: 2
32.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- pentosfosfatvägen
Uppgift
Nämn två metabola vägar som är integrerade med pentosfosfatvägen eftersom de sker i samma del av cellen och har gemensamma intermediärer. (2p) Max 10 ord.
Svar
Glykolysen och glukoneogenesen
Totalpoäng: 2
33.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- kolesterol
Uppgift
Beskriv två huvudsakliga och principiellt olika sätt, på vilka cellen reglerar mängden fritt intracellulärt kolesterol. (4p)
Svar
1. Man kan reglera transkriptionen av HMG-CoA reduktas för det är en irreversibel steg i kolesterol syntesen. Om mängden kolesterol ökar så kommer kolesterol binda till scap protein. Denna förhindrar SERBP transkriptionsfaktorn i ER från att transporteras till golgi där den kan binda till en sekvens SRE-1 och transkribera genen för HMG-CoA reduktas. Då kommer mängden HMG-CoA reduktas minska --> mindre kolesterol syntetiseras. Om det är låg kolesterol däremot så kommer insig proteiner vid ER binda till scap så att den inte blockerar SERBP transkriptionsfaktorn från att gå och binda till SRE-1 och starta transkription.
2. Då kolesterol lagras i kolesterolestrat så kommer cellen att bryta loss fettsyran när den har behov för kolesterol. Kolesterolestrarna transporteras först mha lipoproteiner till cellen för att där inne bryta sig loss och bilda fri kolesterol.
3. (extra) Man kan reglerar kolesterol syntes translationellt genom att låta proteiner binda till mRNA under translation för att inhibera den vid höga kolesterolhalter. Kolesterol kan även binda in sig mellan DNA och mRNA för att störa replikation/translation --> inget kolesterol.
Totalpoäng: 4
34.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- introduktionslaboration
Uppgift
Du arbetar som läkare och följer upp hemoglobin (Hb) hos 200 patienter behandlade för järnbrist. Hb följer en normalfördelning med medelvärde 130 g/L och standardavvikelse 10 g/L.
Vilka två av följande påståenden är korrekta? (2p)
- A: Cirka 68% av patienterna har ett Hb mellan 120 och 140 g/L.
- B: Standardavvikelsen beskriver hur spridda Hb-värdena är kring medelvärdet.
- C: Cirka 99% av patienterna har ett Hb under 120 g/L.
- D: Cirka 95% av patienterna har ett Hb mellan 100 och 200 g/L.
Svar
A och B
Totalpoäng: 2
35.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- plasmid
Uppgift
Explain how gel electrophoresis can be used to analyze different conformations of plasmid DNA. Discuss how the migration patterns of these conformations differ and how comparing them with the ladder (marker) helps interpreting the gel results and understand the structure of the plasmid DNA. (4p) Max 150 words. Answer in English.
Answer
The electrophoresis has two differently charged ends, one positive and one negative. The plasmids get injected into the gel electrophoresis in a well from the negatively charged end. When we then give it a current, the plasmids will travel to the positive end (because DNA is negative). The bigger the plasmid is, the further it will travel, because it has more negative charges than a small one. Supercoiled and circular DNA will meet different amount of friction, since they have different forms, which will result in one traveling further than the other even though they have the same size.
The marker will help identify how many base pairs the plasmid have. But if we analyze two of the same plasmids and they travel different distances, then it means that they have different conformations where one is supercoiled and the other is circular. The circular meets more friction.
Totalpoäng: 4
4.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- hemoglobin
Uppgift
A) Name two allosteric regulators of oxygen binding to hemoglobin.
B) Explain an outcome for each regulator.
(Max 100 words.) Please answer this question in English. (4p)
Answer
a) O₂ and CO₂
b)
O₂:
Hemoglobin has four subunits that bind to O₂ through cooperativity, meaning that if one subunit binds to an O₂, the other subunits' affinity for O₂ will increase, leading to all subunits binding to O₂. When O₂ binds, the state goes from T-state (deoxy; tense) to R-state (oxy; relaxed).
CO₂:
When CO₂ binds to hemoglobin, the hemoglobin's affinity to oxygen decreases, leading to a stabilization of the T-state instead.
Totalpoäng: 4
5.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- utforska-proteiner
Uppgift
Du jobbar på labb över sommaren och har fått in en patient som du misstänker är smittad av HIV. (4p) Max 200 ord. (Lista A–B i ditt svar nedan!)
A) Nämn en analysmetod som kan användas för att undersöka detta samt beskriv de olika stegen i metoden.
B) Vilken substans hos patienten undersöks med denna metod?
Svar
a) För att undersöka huruvida en patient är smittad av HIV eller inte, kan metoden indirekt ELISA användas. I denna metod har vi först en brunn med HIV-antigener. Prov från patienten tillsätts för att senare kunna se om dess antikroppar binder till antigenerna, och därefter sköljer vi för att undvika att oönskade substanser ska påverka resultatet. Senare tillsätts enzymbundna antikroppar till provet, och sedan sköljer vi igen. Efteråt tillsätts ett substrat som binder till enzymet. Om patienten har antikroppar, kommer patientens antikroppar ha bundit till antigenena och därmed kommer provet att färgas. Om patientens antikroppar inte binder, kommer vi inte få något färgämne, vilket tyder på att patienten inte har antikropparna och har därmed inte HIV.
b) antikroppar
Totalpoäng: 4
6.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- cellmembran
Uppgift
Du gör forskar-ST inom infektionsmedicin och studerar hur Helicobacter pylori binder till glykolipider. Du ritar upp en glykolipid i cellmembranet och markerar hur den del som sitter på utsidan är den bakterierna binder till. Principiell struktur räcker. (4p)
Svar
.
*Ritning:* På ritningen (sida 11) visas ett cellmembran med glykolipider: hydrofila huvuden utåt, hydofoba fettsyrasvansar i membranet och en kolhydrat kopplad via glycerol (kommentar: ”kan också vara sfingosin”).
*Lärarens kommentar:* Det absolut vanligaste är att glykolipider har sfingosin som bas och inte glycerol, och när man säger glykolipid utan att specificera mer så menar man nästan alltid de med sfingosin som bas.
Ord (textsvar): 1
Totalpoäng: 4
!
7.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- kolhydrater
Uppgift
Glukos lagras hos människan i form av glykogen. Hos växter lagras glukos som stärkelse. Beskriv skillnader och likheter mellan glykogen och stärkelse. (4p)
Svar
Elev 1 - 3 av 4 poäng:
Båda är långa kedjor av kolhydrater. Skillnaden är dock att glykogen består av förgrenade kedjor där vi har 1,4-glykosidbindningar mellan linjära delar, och 1,6-glykosidbindningar mellan förgreningar. Stärkelse är en enda linjär kedja som inte förgrenas.
Elev 2 - 3 av 4 poäng
Stärkelse i växter bildas av fotosyntes, utav koldioxid och vatten där solenergin utnyttjas för att skapa bindningar mellan dessa molekyler, då får vi bl.a glukos. Det glukos som tillverkas i växter av fotosyntes är samma glukos vi äter och bryter dess bindningar för energi. Att glukos lagras som glykogen hos oss är för att glukos är för osmotiskt aktiv för att lagras som den är. Men stärkelse lagras inte för växternas skull, utan det är ett sätt att omvandla koldioxid som vi andas ut till syrgas, annars skulle syrgas i atmosfären ha tagit slut.
AI-rättning:
Kort sammanfattning av vad som typiskt ger full poäng:
- Likhet: båda består av α-D-glukos.
- Likhet: båda använder α-1,4- och α-1,6-bindningar.
- Skillnad: stärkelse = amylose (linjär) + amylopektin (lätt förgrenad).
- Skillnad: glykogen = mycket mer förgrenat.
OBS bara 3 av 4 poäng i båda svaren
Totalpoäng: 4
8.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- nukleotider
Uppgift
Nukleotider är de byggstenar som bygger upp både DNA och RNA. Vilken kemisk grupp finns i 2'-position hos ribonukleotider, och hur skiljer sig denna från deoxyribonukleotider? (4p)
Svar
Hos ribonukleotider finns en OH-grupp i 2´positioinen medan det i DNA finns H. Detta beror på att enzymet ribonukleotidreduktas ersätter OH gruppen i RNA med H för att omvandla ribos till deoxyribos. RNA: Ribos har OH på kol nr 2. DNA: Deoxyribos har H på kol nr 2.
Totalpoäng: 4
9.md
date: 2025-02-01 tags:
- biokemi
- provfråga
- dna-replikation
Uppgift
Vilka två påståenden om eukaryot DNA-replikation är korrekta? (2p)
- A: ORC binder till replikationsorigin under hela cellcykeln.
- B: DNA-syntes initieras i M-fas.
- C: CMG-komplexet bildas genom bindning av MCM, GINS och Cdc45.
- D: MCM-helikaset är aktivt under hela cellcykeln.
Svar
A och B
Totalpoäng: 2